Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập Cacbohiđrat hay và khó (phần 2) - Hóa 12

Đề bài

Câu 1 :

Biết CO2 chiếm 0,03% thể tích không khí, thể tích không khí (đktc) cần cung cấp cho cây xanh quang hợp để tạo 162 gam tinh bột là

  • A.

    224.103 lít.        

  • B.

    112.103 lít.  

  • C.

    336.103 lít. 

  • D.

    448.103 lít.

Câu 2 :

Thực hiện lên men ancol từ glucozơ (H=80%) được etanol và khí CO2. Dẫn khí thu được vào dung dịch nước vôi trong dư thu được 40 g kết tủa. Lượng glucozơ ban đầu là

  • A.

    45 gam

  • B.

    36 gam

  • C.

    28,8 gam

  • D.

    43,2 gam

Câu 3 :

Cho 2,5 kg glucozơ chứa 20% tạp chất lên men thu được V ml dung dịch rượu ancol etylic 400. Biết ancol etylic nguyên chất có khối lượng riêng là 0,8g/ml và  trong quá trình chế biến, biết lượng ancol bị hao hụt mất 10%. Giá trị của  V là :

  • A.

    2785,0 ml   

  • B.

    2875,0 ml    

  • C.

    2300,0 ml        

  • D.

    3194,4 ml

Câu 4 :

Lên men m gam tinh bột (Hiệu suất toàn bộ quá trình là 80%). Lượng CO2 hấp thụ vào dung dịch NaOH thu được dung dịch X. Chia X thành 2 phần bằng nhau:

- Phần 1: Cho tác dụng với dd CaCl2 dư thu được 7,5 gam kết tủa

- Phần 2: Cho tác dụng với dung dịch CaCl2 dư đun nóng thu được 8,5 gam kết tủa

Giá trị m là: 

  • A.

    18,2750              

  • B.

    16,9575

  • C.

    15,1095

  • D.

    19,2375

Câu 5 :

Trong thực tế người ta thường nấu rượu ( ancol etylic) từ gạo ( chứa 81% tinh bột). Tinh bột chuyển hóa thành ancol etylic qua 2 giai đoạn: Tinh bột → glucozơ → ancol. Biết hiệu suất mỗi giai đoạn là 80%, khối lượng riêng của C2H5OH là 0,8 g/ml. Thể tích ancol etylic 460 thu được từ 10 kg gạo là

  • A.

    6 lít. 

  • B.

    8 lít. 

  • C.

    10 lít. 

  • D.

    4 lít. 

Câu 6 :

Lên mem m gam tinh bột thành ancol etylic với hiệu suất của cả quá trình là 80%. Lượng CO2 sinh ra được hấp thụ hoàn toàn vào dung dịch nước vôi trong, thu được 20 g kết tủa và dung dịch X. Cho dung dịch NaOH dư vào dung dịch X thấy thu thêm được 10 gam kết tủa nữa. Giá trị của m là

  • A.

    40,5                           

  • B.

    48,0                                

  • C.

    43,2                                  

  • D.

    45,0

Câu 7 :

Ancol etylic được điều chế bằng cách lên men tinh bột theo sơ đồ:

${({C_6}{H_{10}}{O_5})_n}\xrightarrow{{Enzim}}{C_6}{H_{12}}{O_6}\xrightarrow{{Enzim}}{C_2}{H_5}OH$

Để điều chế 10 lít ancol etylic 46o cần m kg gạo (chứa 75% tinh bột, còn lại là tạp chất trơ). Biết hiệu suất của cả quá trình là 80% và khối lượng riêng của ancol etylic nguyên chất là 0,8 g/ml. Giá trị của m là

  • A.

    10,800. 

  • B.

    3,600. 

  • C.

    8,100. 

  • D.

    6,912. 

Câu 8 :

Thủy phân hoàn toàn m gam tinh bột thành glucozơ, sau đó lên men glucozơ tạo ancol etylic với hiệu suất 81% , hấp thụ  toàn bộ khí CO2 sinh ra vào dung dịch chứa 0,05 mol Ba(OH)2, thu được kết tủa và dung dịch X. Cho từ từ dung dịch NaOH vào dung dịch X, đến khi kết tủa lớn nhất thì cần ít nhất 10 ml dung dịch NaOH 1M. Giá trị của m là

  • A.

    5,5

  • B.

    6,0

  • C.

    6,5

  • D.

    7,0

Câu 9 :

Hỗn hợp X gồm glucozơ và tinh bột được chia làm hai phần bằng nhau. Phần thứ nhất được khuấy trong nước, lọc bỏ phần không tan, cho dung dịch thu được tác dụng với lượng dư dung dịch AgNO3/NHtạo ra 2,16 gam Ag. Phần thứ hai được đun nóng với dung dịch H2SO4 loãng, trung hòa hỗn hợp thu được bằng dung dịch NaOH rồi cho sản phẩm tác dụng với lượng dư dung dịch AgNO3/NH3 thì thu được 6,48 gam Ag. Giả sử các phản ứng xảy ra hoàn toàn. Phần trăm về khối lượng của glucozơ trong hỗn hợp X là

  • A.

    64,71%.

  • B.

    35,29%.

  • C.

    64,29%.           

  • D.

    35,71%.

Câu 10 :

Lên men m gam tinh bột thành ancol etylic với hiệu suất 81%, hấp thụ toàn bộ khí CO2 sinh ra vào dung dịch chứa 0,1 mol Ba(OH)2 , thu được kết tủa và dung dịch X. Cho từ từ dung dịch NaOH vào X, đến khi kết tủa lớn nhất thì cần ít nhất 10 ml dung dịch NaOH 2M. giá trị của m là

  • A.

    5,5.        

  • B.

    11.

  • C.

    6,0.

  • D.

    12.

Lời giải và đáp án

Câu 1 :

Biết CO2 chiếm 0,03% thể tích không khí, thể tích không khí (đktc) cần cung cấp cho cây xanh quang hợp để tạo 162 gam tinh bột là

  • A.

    224.103 lít.        

  • B.

    112.103 lít.  

  • C.

    336.103 lít. 

  • D.

    448.103 lít.

Đáp án : D

Phương pháp giải :

Viết phương trình hóa học, tính toán theo PTHH

6nCO2 + 5nH2O → (C6H10O5)n + 6nO2

Lời giải chi tiết :

PTHH: 6nCO2 + 5nH2O → (C6H10O5)n + 6nO2

${n_{tinh\,bột}} = \dfrac{{162}}{{162}} = 1\left( {mol} \right)$

$ \Rightarrow {n_{C{O_2}}} = 6mol \Rightarrow {V_{C{O_2}\,(ktc)}} = 134,4$  (lít)

$\Rightarrow {V_{kk}} = \frac{{{V_{C{O_2}}}}}{{0,03\% }} = 448000$ (lít)

Câu 2 :

Thực hiện lên men ancol từ glucozơ (H=80%) được etanol và khí CO2. Dẫn khí thu được vào dung dịch nước vôi trong dư thu được 40 g kết tủa. Lượng glucozơ ban đầu là

  • A.

    45 gam

  • B.

    36 gam

  • C.

    28,8 gam

  • D.

    43,2 gam

Đáp án : A

Phương pháp giải :

+ ${n_{C{O_2}}} = {n_{CaC{O_3}}}$

+ nglucozơ $ = 0,5.{n_{C{O_2}}}$

Lời giải chi tiết :

${n_{C{O_2}}} = {n_{CaC{O_3}}} = \dfrac{{40}}{{100}} = 0,4{\text{ }}mol$

Glucozơ → 2CO2

nglucozơ $= 0,5.{n_{C{O_2}}}$= 0,2 mol

=> mglucozơ ban đầu $ = 0,2.180.\dfrac{{100}}{{80}} = 45{\text{ }}gam$

Câu 3 :

Cho 2,5 kg glucozơ chứa 20% tạp chất lên men thu được V ml dung dịch rượu ancol etylic 400. Biết ancol etylic nguyên chất có khối lượng riêng là 0,8g/ml và  trong quá trình chế biến, biết lượng ancol bị hao hụt mất 10%. Giá trị của  V là :

  • A.

    2785,0 ml   

  • B.

    2875,0 ml    

  • C.

    2300,0 ml        

  • D.

    3194,4 ml

Đáp án : B

Phương pháp giải :

- Bài toán lên men : C6H12O6 → 2C2H5OH

Lời giải chi tiết :

mGlucozơ lên men $ = 2,5.\dfrac{{80}}{{100}}.\dfrac{{90}}{{100}} = 1,8kg$

=> nglucozơ lên men = 0,01 kmol = 10 mol

C6H12O6 → 2C2H5OH + 2CO2

=> nC2H5OH = 2nglucozơ lên men = 20 mol

$ \to {V_{dd{\kern 1pt} rượu}} = \dfrac{{{V_{{C_2}{H_5}OH}}}}{{Độ{\mkern 1mu} rượu}}.100 = \dfrac{{{m_{{C_2}{H_5}OH}}}}{{D.Độ{\mkern 1mu} rượu}}.100 = \dfrac{{20.46}}{{0,8.40}}.100 = 2875ml$

Câu 4 :

Lên men m gam tinh bột (Hiệu suất toàn bộ quá trình là 80%). Lượng CO2 hấp thụ vào dung dịch NaOH thu được dung dịch X. Chia X thành 2 phần bằng nhau:

- Phần 1: Cho tác dụng với dd CaCl2 dư thu được 7,5 gam kết tủa

- Phần 2: Cho tác dụng với dung dịch CaCl2 dư đun nóng thu được 8,5 gam kết tủa

Giá trị m là: 

  • A.

    18,2750              

  • B.

    16,9575

  • C.

    15,1095

  • D.

    19,2375

Đáp án : D

Phương pháp giải :

Tính toán theo PTHH

Lời giải chi tiết :

P1: ${n_{CO_3^{2 - }}} = {n_{CaC{O_3}}} = 0,075{\text{ }}mol$

P2:

CaCl+ Na2CO3 → CaCO+ 2NaCl

              0,075    ←  0,075

Ca(HCO3)2 → CaCO3 + H2O + CO2

   0,01    ←        0,01

BTNT C: nCO2 (1 phần) = ${{n}_{C{{O}_{3}}^{2-}}}+{{n}_{HC{{O}_{3}}^{-}}}$ = 0,075 + 0,01.2 = 0,095 mol

=>nCO2 (2P) = 0,19 mol

tinh bột = 0,5.nCO2 = 0,095 mol

m = 0,095.162.100/80 = 19,2375 gam

Câu 5 :

Trong thực tế người ta thường nấu rượu ( ancol etylic) từ gạo ( chứa 81% tinh bột). Tinh bột chuyển hóa thành ancol etylic qua 2 giai đoạn: Tinh bột → glucozơ → ancol. Biết hiệu suất mỗi giai đoạn là 80%, khối lượng riêng của C2H5OH là 0,8 g/ml. Thể tích ancol etylic 460 thu được từ 10 kg gạo là

  • A.

    6 lít. 

  • B.

    8 lít. 

  • C.

    10 lít. 

  • D.

    4 lít. 

Đáp án : B

Phương pháp giải :

Viết sơ đồ phản ứng: ${({C_6}{H_{10}}{O_5})_n}\xrightarrow{{{H_1} = 80\% }}n{C_6}{H_{12}}{O_6}\xrightarrow{{{H_2} = 80\% }}2n{C_2}{H_5}OH$

Tính toán theo sơ đồ phản ứng chú ý đến hiệu suất phản ứng.

Lời giải chi tiết :

${({C_6}{H_{10}}{O_5})_n}\xrightarrow{{{H_1} = 80\% }}n{C_6}{H_{12}}{O_6}\xrightarrow{{{H_2} = 80\% }}2n{C_2}{H_5}OH$

Để thuận tiện cho tính toán ta bỏ qua hệ số n

mtb = 10.0,81 = 8,1 (kg)

=> ntb = 8,1 : 162 = 0,05 (Kmol)

=> nancol = 2ntb = 0,1 (Kmol)

Vì quá trình sản xuất có hiệu suất

=> nancol thực tế thu được = nancol lí thuyết. %H = 0,1. (0,8. 0,8) = 0,064 (Kmol) = 64 (mol)

=> mancol thực tế = 64. 46 = 2944 (g)

$=  > {V_{ancol}} = \dfrac{m}{d} = \dfrac{{2944}}{{0,8}} = 3680(ml) = 3,68(l)$

$Độ\,\,{\mkern 1mu} rượu{\mkern 1mu}  = \dfrac{{{V_{rượu}}}}{{{V_{{\text{dd}}{\mkern 1mu} rượu}}}}.100$

$=  > {V_{{\text{dd}}{\mkern 1mu} rượu}}{\mkern 1mu}  = \dfrac{{{V_{rượu}}}}{{Độ {\mkern 1mu} rượu{\mkern 1mu} }}.100 = \dfrac{{3,68}}{{46}}.100 = 8(l)$

Câu 6 :

Lên mem m gam tinh bột thành ancol etylic với hiệu suất của cả quá trình là 80%. Lượng CO2 sinh ra được hấp thụ hoàn toàn vào dung dịch nước vôi trong, thu được 20 g kết tủa và dung dịch X. Cho dung dịch NaOH dư vào dung dịch X thấy thu thêm được 10 gam kết tủa nữa. Giá trị của m là

  • A.

    40,5                           

  • B.

    48,0                                

  • C.

    43,2                                  

  • D.

    45,0

Đáp án : A

Phương pháp giải :

Tinh bột → Glucozơ

C6H12O6 → 2C2H5OH + 2CO2

CO2 + Ca(OH)2 → CaCO3 + H2O

2CO2 + Ca(OH)2 → Ca(HCO3)2

Ca(HCO3)2 + 2NaOH → CaCO3 + Na2CO3 + 2H2O

nCaCO3 = 0,2 mol và nCa(HCO3)2 = n↓ lần 2 

→ nCO2 = nCaCO3 +2.nCa(HCO3)2 

Lời giải chi tiết :

Tinh bột → Glucozơ

C6H12O6 →  2C2H5OH + 2CO2

CO2 + Ca(OH)2 → CaCO3 + H2O

2CO2 + Ca(OH)2 → Ca(HCO3)2

Ca(HCO3)2 + 2NaOH → CaCO3 + Na2CO3 + 2H2O

nCaCO3 = 0,2 mol và nCa(HCO3)2 = n↓ lần 2 = 0,1 mol

→ nCO2 = 0,2 + 2.0,1 = 0,4 mol => ntinh bột lí thuyết = nCO2 / 2 = 0,2 mol

→ ntinh bột thực tế = \(0,2.\dfrac{{100}}{{80}}\) = 0,25  mol

→ m = 40,5 g

Câu 7 :

Ancol etylic được điều chế bằng cách lên men tinh bột theo sơ đồ:

${({C_6}{H_{10}}{O_5})_n}\xrightarrow{{Enzim}}{C_6}{H_{12}}{O_6}\xrightarrow{{Enzim}}{C_2}{H_5}OH$

Để điều chế 10 lít ancol etylic 46o cần m kg gạo (chứa 75% tinh bột, còn lại là tạp chất trơ). Biết hiệu suất của cả quá trình là 80% và khối lượng riêng của ancol etylic nguyên chất là 0,8 g/ml. Giá trị của m là

  • A.

    10,800. 

  • B.

    3,600. 

  • C.

    8,100. 

  • D.

    6,912. 

Đáp án : A

Phương pháp giải :

Tính toán theo sơ đồ sau: ${({C_6}{H_{10}}{O_5})_n}\xrightarrow{{Enzim}}n{C_6}{H_{12}}{O_6}\xrightarrow{{Enzim}}2n{C_2}{H_5}OH$

Lời giải chi tiết :

${V_{{C_2}{H_5}OH}} = \dfrac{{10.46}}{{100}} = 4,6{\text{ }}lít \Rightarrow {m_{{C_2}{H_5}OH}} = D.V = 0,8.4,6 = 3,68{\text{ }}kg$

$\to x = \dfrac{{3,68.162}}{{92}} = 6,48(kg)$

Khối lượng tinh bột thực tế cần dùng là: $6,48.\dfrac{{100}}{{80}} = 8,1{\text{ }}kg$

Khối lượng gạo cần dùng là: $8,1.\dfrac{{100}}{{75}} = 10,8{\text{ }}kg$

Câu 8 :

Thủy phân hoàn toàn m gam tinh bột thành glucozơ, sau đó lên men glucozơ tạo ancol etylic với hiệu suất 81% , hấp thụ  toàn bộ khí CO2 sinh ra vào dung dịch chứa 0,05 mol Ba(OH)2, thu được kết tủa và dung dịch X. Cho từ từ dung dịch NaOH vào dung dịch X, đến khi kết tủa lớn nhất thì cần ít nhất 10 ml dung dịch NaOH 1M. Giá trị của m là

  • A.

    5,5

  • B.

    6,0

  • C.

    6,5

  • D.

    7,0

Đáp án : B

Phương pháp giải :

+ Bảo toàn nguyên tố

+ Công thức tính hiệu suất: $\% H = \dfrac{{{m_{thực\,\,tế}}}}{{m{{\mkern 1mu} _{lí{\kern 1pt} thuyết}}}}.100\% $ với lượng tinh bột cần lấy là lượng lí thuyết.

Lời giải chi tiết :

(C6H10O5)n + nH2O → 2nC2H5OH + 2nCO2 

$C{O_2} + 0,05mol{\mkern 1mu} Ba{(OH)_2}\xrightarrow{{}}\left\{ \begin{gathered}BaC{O_3} \downarrow (1) \hfill \\{\text{dd}}{\mkern 1mu} X:Ba{(HC{O_3})_2}\xrightarrow[{1:1}]{{ + 0,01{\kern 1pt} mol{\kern 1pt} NaOH}} \hfill \\ \end{gathered}  \right.$

Vì NaOH tối thiểu cho vào Ba(HCO3)2 để thu được kết tủa cực đại nên phản ứng xảy ra theo tỉ lệ 1:1

NaOH + Ba(HCO3)2 → BaCO3↓ + NaHCO3 + H2O

0,01   →   0,01

BTNT Ba: => ${n_{BaC{O_3}(1)}} = {n_{Ba{{\left( {OH} \right)}_2}}}{\text{ -  }}{n_{Ba{{\left( {HC{O_3}} \right)}_2}}}$= 0,05 – 0,01 = 0,04 (mol)

BTNT C: ${n_{C{O_2}}} = {n_{BaC{O_3}(1)}} + 2{n_{Ba{{\left( {HC{O_3}} \right)}_2}}}$= 0,04 + 2.0,01 = 0,06 (mol)

ntinh bột = $\dfrac{1}{2}.{n_{C{O_2}}}$= 0,03 (mol)

mtinh bột cần lấy = $\dfrac{{{m_{tinh\,bột\,TT}}}}{{H\% }} = \dfrac{{0,03.162}}{{0,81}} = 6{\text{ }}\left( {gam} \right)$

Câu 9 :

Hỗn hợp X gồm glucozơ và tinh bột được chia làm hai phần bằng nhau. Phần thứ nhất được khuấy trong nước, lọc bỏ phần không tan, cho dung dịch thu được tác dụng với lượng dư dung dịch AgNO3/NHtạo ra 2,16 gam Ag. Phần thứ hai được đun nóng với dung dịch H2SO4 loãng, trung hòa hỗn hợp thu được bằng dung dịch NaOH rồi cho sản phẩm tác dụng với lượng dư dung dịch AgNO3/NH3 thì thu được 6,48 gam Ag. Giả sử các phản ứng xảy ra hoàn toàn. Phần trăm về khối lượng của glucozơ trong hỗn hợp X là

  • A.

    64,71%.

  • B.

    35,29%.

  • C.

    64,29%.           

  • D.

    35,71%.

Đáp án : D

Phương pháp giải :

P1: chỉ có glucozơ tráng bạc

- P2: Tinh bột bị thủy phân tạo thành glucozơ

Lời giải chi tiết :

P1: Chỉ có glucozơ tráng bạc

nglucozơ = nAg/2 = 0,02/2 = 0,01 mol

P2: Tinh bột bị thủy phân tạo thành glucozơ

C6H10O5 + H2O → C6H12O6

x                                     x

=> nglucozơ = x + 0,01 (mol)

Mà nglucozơ = nAg/2 => x + 0,01 = 0,06/2 => x = 0,02

$ =  > \% {m_{glucozo}} = \dfrac{{0,01.180}}{{0,01.180 + 0,02.162}}.100\%  = 35,7\% $

Câu 10 :

Lên men m gam tinh bột thành ancol etylic với hiệu suất 81%, hấp thụ toàn bộ khí CO2 sinh ra vào dung dịch chứa 0,1 mol Ba(OH)2 , thu được kết tủa và dung dịch X. Cho từ từ dung dịch NaOH vào X, đến khi kết tủa lớn nhất thì cần ít nhất 10 ml dung dịch NaOH 2M. giá trị của m là

  • A.

    5,5.        

  • B.

    11.

  • C.

    6,0.

  • D.

    12.

Đáp án : D

Phương pháp giải :

Cho từ từ NaOH vào X đến khi kết tủa lớn nhất thì cần ít nhất 0,02 mol NaOH thì xảy ra phản ứng là:

Ba(HCO3)2 + NaOH → BaCO3↓ + NaHCO3 + H2O   (3)

       0,02     ← 0,02 (mol)

Bảo toàn Ba => ${n_{BaC{O_3}(1)}} = {n_{Ba{{\left( {OH} \right)}_2}}} - n{_{Ba{{\left( {HC{O_3}} \right)}_2}}} = ?{\text{ }}\left( {mol} \right)$

Bảo toàn C => ${n_{C{O_2}}} = {n_{BaC{O_3}(1)}} + 2{n_{Ba{{\left( {HC{O_3}} \right)}_2}}} = ?$

${n_{tb}} = \dfrac{1}{2}.{n_{C{O_2}}}{\text{ = ?}} =  > {m_{tb}} = ?$

Lời giải chi tiết :

Tinh bột → glucozơ→ 2C2H5OH + 2CO2

CO2 + Ba(OH)2 → BaCO3↓ + H2O  (1)

2CO2 + Ba(OH)2 → Ba(HCO3)2   (2)

Dd X chứa Ba(HCO3)2. Cho từ từ NaOH vào X đến khi kết tủa lớn nhất thì cần ít nhất 0,02 mol NaOH thì xảy ra phản ứng là:

Ba(HCO3)2 + NaOH → BaCO3↓ + NaHCO3 + H2O   (3)

    0,02         ← 0,02 (mol)

Bảo toàn Ba => ${n_{BaC{O_3}(1)}} = {n_{Ba{{\left( {OH} \right)}_2}}} - n{_{Ba{{\left( {HC{O_3}} \right)}_2}}}$= 0,1 – 0,02 = 0,08 (mol)

Bảo toàn C => ${n_{C{O_2}}} = {n_{BaC{O_3}(1)}} + 2{n_{Ba{{\left( {HC{O_3}} \right)}_2}}}$= 0,08 + 2.0,02 = 0,12 (mol)

=> ${n_{tb}} = \dfrac{1}{2}.{n_{C{O_2}}}$= 0,06 (mol)

=> mtb = $\dfrac{{0,06.162}}{{81\% }} = 12{\text{ }}\left( g \right)$

Trắc nghiệm Ôn tập chương 2 - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Ôn tập chương 2 Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết

Xem chi tiết
Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập Cacbohiđrat hay và khó (phần 1) - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Tổng hợp bài tập Cacbohiđrat hay và khó (phần 1) Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết

Xem chi tiết
Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập đốt cháy xác định công thức cacbohiđrat - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Tổng hợp bài tập đốt cháy xác định công thức cacbohiđrat Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết

Xem chi tiết
Trắc nghiệm Bài 6. Xenlulozơ tác dụng với HNO3 và (CH3CO)2O - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Bài 6. Xenlulozơ tác dụng với HNO3 và (CH3CO)2O Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết

Xem chi tiết
Trắc nghiệm Bài 6. Phản ứng thủy phân và lên men - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Bài 6. Phản ứng thủy phân và lên men Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết

Xem chi tiết
Trắc nghiệm Bài 6. Phản ứng tráng gương - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Bài 6. Phản ứng tráng gương Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết

Xem chi tiết
Trắc nghiệm Bài 6. Polisaccarit - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Bài 6. Polisaccarit Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết

Xem chi tiết
Trắc nghiệm Bài 6. Đisaccarit - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Bài 6. Đisaccarit Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết

Xem chi tiết
Trắc nghiệm Bài 5. Monosaccarit - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Bài 5. Monosaccarit Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết

Xem chi tiết